初二几何题及答案大全，初一上册数学几何题100道

初二几何题及答案大全？已知点C为线段AB上一点，分别以AC、BC为边在线段AB同侧作△ACD和△BCE，且CA=CD，CB=CE，∠ACD=∠BCE，直线AE与BD交于点F，（1）如图1，若∠ACD=60°，则∠AFB=120°；如图2，若∠ACD=90°，那么，初二几何题及答案大全？一起来了解一下吧。

初中数学几何经典题答案

1.60°

2.设对角线交O点PE+PF=AE+E0=AO=2根号2

3.1：2

4.我不会

5.平行四边形

EG=FE,PQ‖BC,三角形PGF与三角形EGN全等

即PG=GN

三角形PQG与三角形MNG全等

PQ=MN,又PQ‖BC

四边形PMNQ为平行四边形

八年级数学几何典型题

1．一个角的补角比它的余角大_____，若一个角的补角是它的余角的3倍，则这个角是_____

度.

2．时钟的时针和分针在2时20分时，所成的角度是_____度.

3．45°52′48〃＝_________度，126.31°＝____°____′____〃.

4．180°－56°42′32〃＝_____________，25°54′÷3＝__________.

5.如图7，CB⊥AB，∠CBA与∠CBD的度数比是5:1，则∠DBA＝________度，∠CBD

的补角是_________度.20．已知，如图15，AD‖BC，DA⊥AB，DB平分∠ADC，∠ABD＝30°，求∠C的度数.

21．已知，如图16，DB‖FG‖EC，∠ABD＝60°，∠ACE＝36°，AP平分∠BAC，求

∠PAG的度数.

22．已知，如图17，AD平分∠BAC，点F在BD上，FE‖AD交AB于G，交CA的延

长线于E，求证：∠AGE＝∠E.

初中二年级几何题大全

初二数学几何题50道，要带答案带过程

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初二数学几何题(要过程，急）

延长ED至G，使DG＝DE

∴DF垂直平分EG

∴EF＝FG

∵BD＝CD，∠BDE＝∠CDG，DE＝DG

∴△BDE≌△CDG

∴CG＝BE

在△FCG中，CF＋CG＞FG

∴CF＋BE＞EF

怎样答初二数学几何题

方法有：1.截长补短

2.遇到角平分线和平行要知道等腰三角形

3.求垂线段的长度可以想到面积法（用两种方式表示同一图形的面积）

4.遇到中线要倍长

5.一个复杂的图形中有正方形或等边三角形，可能有全等三角形

初二数学几何题库

百度一下，你就知道:wenku.baidu./view/ceada56527d3240c8447efdc.

给点初二数学几何题

1.在平行四边形ABCD中,∠ABC=90°,对角线AC、BD相较于O点,点E、F、G、H分别是OA、OB、OC、OD的中点，且∠AOB=60°，AB=10，求EG的长

2.在矩形ABCD中，AC和BD交于O点，BE⊥AC于E，CF⊥BD于F，请你说明BE=CF

3.在矩形ABCD中，AP平分∠BAD交BC于P，若∠CAP=15°，求∠BOP的度数

4.平行四边形ABCD中，DE,CE分别是∠ADC，∠BCD的平分线，它们相交于E，AF，BF分别是∠DAB，∠CBA的平分线，它们相交于F，又DE于AF相交于G，CE与BF交于点H，试问四边形ABCD是矩形吗?请说明理由

5.由于菱形和矩形具有特殊的对称美和矩形有四个角都是直角，为拼图提供了特殊的方便，因此墙面砖一半设计为矩形，图案为菱形居多，如图是一种长为30cm,宽为20cm的矩形瓷砖，E,F.G.H分别为矩形各边的中点，阴影部分为淡黄色的花纹，中间为白色，小红家建房屋时有一块长为4.2米，宽为2.8米的矩形墙壁准备贴这种瓷砖。

数学几何试题答案

1、60度。360度3等分的话就是120度，但是120度平分的时候是60度，就是等于把圆六等分，就是中心对称了。

2、三角形AEF是等腰直角三角形，所以ae＝ep，ep+pf=ao,而且三角形aod是等腰直角三角形，所以ao＝2分之根号二＊4＝2倍的根号二

3、三角形abc是直角三角形，而且ab＝sin30＊bc，所以ab:bc=1:2

4、等腰梯形；195／25

5、平行四边形，用角角边来证

初二上册几何题100题及答案

1.四边形ABCD是正方形，△BEF是等腰直角三角形，∠BEF=90°，BE=EF，连接DF，G为DF的中点，连接EG，CG，EC． (1)

如图1，若点E在CB边的延长线上，直接写出EG与GC的位置关系及的值；

(2)将图1中的△BEF绕点B顺时针旋转至图2所示位置，请问(1)中所得的结论是否仍然成立？若成立，请写出证明过程；若不成立，请说明理由；

(3)将图1中的△BEF绕点B顺时针旋转α(0°＜α＜90°)，若BE=1，AB=，当E，F，D三点共线时，求DF的长及tan∠ABF的值．

解：（1）EG⊥CG，=，

理由是：过G作GH⊥EC于H，

∵∠FEB=∠DCB=90°，

∴EF∥GH∥DC，

∵G为DF中点，

∴H为EC中点，

∴EG=GC，GH=（EF+DC）=（EB+BC），

即GH=EH=HC，

∴∠EGC=90°，

即△EGC是等腰直角三角形，

∴=；

（2）

解：结论还成立，

理由是：如图2，延长EG到H，使EG=GH，连接CH、EC，过E作BC的垂线EM，延长CD， ∵在△EFG和△HDG中

∴△EFG≌△HDG（SAS），

∴DH=EF=BE，∠FEG=∠DHG，

∴EF∥DH，

∴∠1=∠2=90°-∠3=∠4，

∴∠EBC=180°-∠4=180°-∠1=∠HDC，

在△EBC和△HDC中

∴△EBC≌△HDC．

∴CE=CH，∠BCE=∠DCH，

∴∠ECH=∠DCH+∠ECD=∠BCE+∠ECD=∠BCD=90°，

∴△ECH是等腰直角三角形，

∵G为EH的中点，

∴EG⊥GC，=，

即（1）中的结论仍然成立；

（3）

解：连接BD，

∵AB=，正方形ABCD，

∴BD=2，

∴cos∠DBE==，

∴∠DBE=60°，

∴∠ABE=∠DBE-∠ABD=15°，

∴∠ABF=45°-15°=30°，

∴tan∠ABF=

∴DE=BE=

∴DF=DE-EF=， ， -1．

解析：

（1）过G作GH⊥EC于H，推出EF∥GH∥DC，求出H为EC中点，根据梯形的中位线求出EG=GC

，GH=（EF+DC）=（EB+BC），推出GH=EH=BC，根据直角三角形的判定推出△EGC是等腰直角三角形即可；

（2）延长EG到H，使EG=GH，连接CH、EC，过E作BC的垂线EM，延长CD，证△EFG≌△HDG，推出DH=EF=BE，∠FEG=∠DHG，求出∠EBC=∠HDC，证出△EBC≌△HDC，推出CE=CH，∠BCE=∠DCH，求出△ECH是等腰直角三角形，即可得出答案；

（3）连接BD，求出cos∠DBE=

形求出即可．

2.已知正方形ABCD和等腰直角三角形BEF，BE=EF，∠BEF=90°，按图1放置，使点E在BC上，取DF的中点G，连接EG，CG．

(1)延长EG交DC于H，试说明：DH=BE．

(2)将图1中△BEF绕B点逆时针旋转45°，连接DF，取DF中点G(如图2)，莎莎同学发现：EG=CG且EG⊥CG．在设法证明时他发现：若连接BD，则D，E，B三点共线．你能写出结论“EG=CG且EG⊥CG”的完整理由吗？请写出来．

(3)将图1中△BEF绕B点转动任意角度α(0＜α＜90°)，再连接DF，取DF的中点G(如图

3)，第2问中的结论是否成立？若成立，试说明你的结论；若不成立，也请说明理由． =，推出∠DBE=60°，求出∠ABF=30°，解直角三角

（1）证明：∵∠BEF=90°，

∴EF∥DH，

∴∠EFG=∠GDH，

而∠EGF=∠DGH，GF=GD，

∴△GEF≌△GHD，

∴EF=DH，

而BE=EF，

∴DH=BE；

（2）连接DB，如图，

∵△BEF为等腰直角三角形，

∴∠EBF=45°，

而四边形ABCD为正方形，

∴∠DBC=45°，

∴D，E，B三点共线．

而∠BEF=90°，

∴△FED为直角三角形，

而G为DF的中点，

∴EG=GD=GC，

∴∠EGC=2∠EDC=90°，

∴EG=CG且EG⊥CG；

（3）第2问中的结论成立．理由如下：

连接AC、BD相交于点O，取BF的中点M，连接OG、EM、MG，如图，

∵G为DF的中点，O为BD的中点，M为BF的中点，

∴OG∥BF，GM∥OB，

∴四边形OGMB为平行四边形，

∴OG=BM，GM=OB，

而EM=BM，OC=OB，

∴EM=OG，MG=OC，

∵∠DOG=∠GMF，

而∠DOC=∠EMF=90°，

∴∠EMG=∠GOC，

∴△MEG≌△OGC，

∴EG=CG，∠EGM=∠OCG，

又∵∠MGF=∠BDF，∠FGC=∠GDC+∠GCD，

∴∠EGC=∠EGM+∠MGF+∠FGC=∠BDF+∠GDC+∠GCD+∠OCG=45°+45°=90°，

∴EG=CG且EG⊥CG．

解析：

（1）由∠BEF=90°，得到EF∥DH，而GF=GD，易证得△GEF≌△GHD，得EF=DH，而BE=EF，即可得到结论．

（2）连接DB，如图2，由△BEF为等腰直角三角形，得∠EBF=45°，而四边形ABCD为正方形，得∠DBC=45°，得到D，E，B三点共线，而G为DF的中点，根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半得到EG=GD=GC，于是∠EGC=2∠EDC=90°，即得到结论．

（3）连接AC、BD相交于点O，取BF的中点M，连接OG、EM、MG，由G为DF的中点，O为BD的中点，M为BF的中点，根据三角形中位线的性质得OG∥BF，GM∥OB，得到OG=BM，GM=OB，而EM=BM，OC=OB，得到EM=OG，MG=OC，又∠DOG=∠GMF，而∠DOC=∠EMF=90°，得∠EMG=∠GOC，则△MEG≌△OGC，得到EG=CG，∠EGM=∠OCG，而∠MGF=∠BDF，∠FGC=∠GDC+∠GCD，所以有∠EGC=∠EGM+∠MGF+∠FGC=∠BDF+∠GDC+∠GCD+∠OCG=45°+45°=90°．

3.已知正方形ABCD和等腰Rt△BEF，BE=EF，∠BEF=90°，按图①放置，使点F在BC上，取DF的中点G，连接EG、CG．

(1)探索EG、CG的数量关系和位置关系并证明；

(2)将图①中△BEF绕B点顺时针旋转45°，再连接DF，取DF中点G(如图②)，问(1)中的结论是否仍然成立．证明你的结论；

(3)将图①中△BEF绕B点转动任意角度(旋转角在0°到90°之间)，再连接DF，取DF的中点G(如图③)，问(1)中的结论是否仍然成立，证明你的结论．

解：（1）EG=CG且EG⊥CG．

证明如下：如图①，连接BD．

∵正方形ABCD和等腰Rt△BEF，

∴∠EBF=∠DBC=45°．

∴B、E、D三点共线．

∵∠DEF=90°，G为DF的中点，∠DCB=90°，

∴EG=DG=GF=CG．

∴∠EGF=2∠EDG，∠CGF=2∠CDG．

∴∠EGF+∠CGF=2∠EDC=90°，

即∠EGC=90°，

∴EG⊥CG．

（2）仍然成立，

证明如下：如图②，延长EG交CD于点H．

∵BE⊥EF，∴EF∥CD，∴∠1=∠2．

又∵∠3=∠4，FG=DG，

∴△FEG≌△DHG，

∴EF=DH，EG=GH．

∵△BEF为等腰直角三角形，

∴BE=EF，∴BE=DH．

∵CD=BC，∴CE=CH．

∴△ECH为等腰直角三角形．

又∵EG=GH，

∴EG=CG且EG⊥CG．

（3）仍然成立．

证明如下：如图③，延长CG至H，使GH=CG，连接HF交BC于M，连接EH、EC．

∵GF=GD，∠HGF=∠CGD，HG=CG，

∴△HFG≌△CDG，

∴HF=CD，∠GHF=∠GCD，

∴HF∥CD．

∵正方形ABCD，

∴HF=BC，HF⊥BC．

∵△BEF是等腰直角三角形，

∴BE=EF，∠EBC=∠HFE，

∴△BEC≌△FEH，

∴HE=EC，∠BEC=∠FEH，

∴∠BEF=∠HEC=90°，

∴△ECH为等腰直角三角形．

又∵CG=GH，

∴EG=CG且EG⊥CG．

解析：

（1）首先证明B、E、D三点共线，根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半，即可证明EG=DG=GF=CG，得到∠EGF=2∠EDG，∠CGF=2∠CDG，从而证得∠EGC=90°；

（2）首先证明△FEG≌△DHG，然后证明△ECH为等腰直角三角形．可以证得：EG=CG且EG⊥CG．

（3）首先证明：△BEC≌△FEH，即可证得：△ECH为等腰直角三角形，从而得到：EG=CG且EG⊥CG．

已知，正方形ABCD中，△BEF为等腰直角三角形，且

BF为底，取DF的中点G，连接EG、CG．

（1）如图1，若△BEF的底边BF在BC上，猜想EG和CG的数量关系为______；

（2）如图2，若△BEF的直角边BE在BC上，则（1）中的结论是否还成立？请说明理由；

（3）如图3，若△BEF的直角边BE在∠DBC内，则（1）中的结论是否还成立？说明理由．

解：（1）GC=EG，（1分）理由如下：

∵△BEF为等腰直角三角形， ∠DEF=90°，又G为斜边1 ∴

DF的中点， ∴EG=

DF， ABCD为正方形， 2 ∵

∴∠BCD=90°，又G为斜边DF的中点，∴CG= DF， 1 ∴GC=EG；

（2）成立．如图，延长EG交CD于M， 2

∵∠BEF=∠FEC=∠BCD=90°，∴EF∥CD，

∴∠EFG=∠MDG，

又∠EGF=∠DGM，DG=FG，

∴△GEF≌△GMD，

∴EG=MG，即G为EM的中点．

∴CG为直角△ECM的斜边上的中线，

∴CG=GE= EM；

1

2

（3）成立．

取BF的中点H，连接EH，GH，取BD的中点O，连接OG，OC．

∵CB=CD，∠DCB=90°，∴CO= BD

1

2

1

2

．

∵DG=GF，

∴GH∥BD，且GH= BD，

1 OG∥BF，且OG= BF， 2 ∴CO=GH．

∵△BEF为等腰直角三角形．

1 BF ∴EH=

2

∴EH=OG．

∵四边形OBHG为平行四边形，

∴∠BOG=∠BHG．∵∠BOC=∠BHE=90°．

∴∠GOC=∠EHG．

∴△GOC≌△EHG．

∴EG=GC．

此题考查了正方形的性质，以及全等三角形的判定与性质．要求学生掌握直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半，以及三角形的中位线与第三边平行且等于第三边的一半．掌握这些性质，熟练运用全等知识是解本题的关键．

解析：（1）EG=CG，理由为：根据三角形BEF为等腰直角三角形，得到∠DEF为直角，又G为DF中点，根据在直角三角形中，斜边上的中线等于斜边的一半，得到EG为DF的一半，同理在直角三角形DCF中，得到CG也等于DF的一半，利用等量代换得证；

（2）成立．理由为：延长EG交CD于M，如图所示，根据“ASA”得到三角形EFG与三角形GDM全等，由全等三角形的对应边相等得到EG与MG相等，即G为EM中点，根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半得到EG与CG相等都等于斜边EM的一半，得证；

（3）成立．理由为：取BF的中点H，连接EH，GH，取BD的中点O，连接OG，OC，如图所示，

因为直角三角形DCB中，O为斜边BD的中点，根据斜边上的中线等于斜边的一半得到OC等于BD的一半，由HG为三角形DBF的中位线，根据三角形的中位线平行于第三边且等于第三边的一半，得到GH等于BD一半，OG等于BF的一半，又根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半得到EH等于BF的一半，根据等量代换得到OG与EH相等，再根据OBHG为平行四边形，根据平行四边形的性质得到对边相等，对角相等，进而得到∠GOC与∠EHG相等，利用“SAS”得到△GOC与△EHG全等，利用全等三角形的对应边相等即可得证．

以上就是初二几何题及答案大全的全部内容，（3）方案（Ⅱ）中作BF⊥AB，ED⊥BF的目的是 ；若仅满足∠ABD=∠BDE≠90°，方案（Ⅱ）是否成立？ .参考答案：一、填空题：1．3；2．AD，∠C，80；3．5厘米；4．ABO，DCO，AAS；5．∠CAB=∠DAB。